1选择题
已知信息：某同学对几种物质的晶体类型、分子构型与组成微粒进行归纳，数据如下表：
物质 构成微粒 微粒间作用力 熔点/℃
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CO₂ CO₂ 分子 分子间作用力 −56.6（升华）
SiO₂ Si、O 原子 Si—O 共价键 约 1700
NaCl Na⁺、Cl⁻ 离子键 801
H₂O H₂O 分子 分子间作用力（含氢键） 0
下列说法正确的是（ ）
- A. CO₂ 与 SiO₂ 均由第ⅣA 族元素与氧组成，故二者均为原子晶体，熔点都很高
- B. SiO₂ 晶体中不存在单个的 SiO₂ 分子，Si 与 O 通过强共价键形成空间网状结构，故其熔点远高于 CO₂
- C. NaCl 晶体中 Na⁺ 与 Cl⁻ 的个数比为 1∶1，说明每个晶胞中只含 1 个 Na⁺ 和 1 个 Cl⁻
- D. H₂O 分子中 O 原子采取 sp³ 杂化，含 2 对孤电子对，故 H₂O 分子为直线形，与 CO₂ 构型相同
答案：B
解析：逐项分析：
A 项：CO₂ 是分子晶体，熔点低（易升华）；SiO₂ 是原子晶体，熔点高。仅因组成元素相同就判定晶体类型相同是典型错误，故 A 错误。
B 项：SiO₂ 为原子晶体（共价晶体），晶体中不存在单个 SiO₂ 分子，Si 与 O 以强共价键形成空间网状结构，破坏需大量能量，故熔点远高于分子晶体 CO₂，B 正确。
C 项：NaCl 晶胞为面心立方结构，Na⁺ 位于棱心和体心，个数为 12×1/4 + 1 = 4；Cl⁻ 位于顶点和面心，个数为 8×1/8 + 6×1/2 = 4，故每个晶胞含 4 个 Na⁺ 和 4 个 Cl⁻，并非各 1 个，C 错误。
D 项：H₂O 中 O 价层电子对数为 4（2 个 σ 键 + 2 对孤电子对），VSEPR 模型为四面体，由于孤电子对排斥，实际构型为 V 形（角形），而非直线形；CO₂ 中 C 为 sp 杂化、无孤电子对，才是直线形，二者构型不同，D 错误。
易错点提醒：一是误认为所有氧化物都是分子晶体；二是把 VSEPR 模型（电子对几何）当作分子实际构型，忽略孤电子对的影响；三是晶胞分摊比例记忆错误（顶点 1/8、棱 1/4、面 1/2、体心 1）。
故选 B。
2选择题
下列关于原子结构与物质结构的叙述中，正确的是（ ）
已知信息：基态 Cr 原子的电子排布式为 1s² 2s² 2p⁶ 3s² 3p⁶ 3d⁵ 4s¹；CO₂ 为直线形分子，SO₂ 为 V 形分子；配合物 [Cu(NH₃)₄]SO₄ 中 Cu²⁺ 为中心离子，NH₃ 为配体。
- A. 基态 Cr 原子的电子排布式为 1s² 2s² 2p⁶ 3s² 3p⁶ 3d⁴ 4s²，以使 4s 轨道全充满
- B. CO₂ 与 SO₂ 均为三原子分子，故二者均为极性分子
- C. 书写氧原子的轨道表示式时，2p 轨道的 3 个简并轨道中应有 2 个各排 1 个自旋平行的电子，另 1 个排 1 对电子
- D. 在 [Cu(NH₃)₄]SO₄ 中，与 Cu²⁺ 形成配位键的配位原子是 H，外界离子是 NH₃
答案：C
解析：逐项分析：A 项，Cr（Z=24）因 3d⁵ 半充满更稳定，电子排布式应为 1s² 2s² 2p⁶ 3s² 3p⁶ 3d⁵ 4s¹，而非 3d⁴ 4s²，故 A 错误；B 项，CO₂ 为直线形、结构对称，键的极性相互抵消，为非极性分子，只有 SO₂（V 形、不对称）为极性分子，「三原子分子必为极性分子」是典型易错，故 B 错误；C 项，氧原子（Z=8）电子排布式 1s² 2s² 2p⁴，2p 轨道有 3 个，按洪特规则电子先分占不同轨道且自旋平行，故 2p 轨道排布为 ↑↓ ↑ ↑，符合泡利不相容原理与洪特规则，C 正确；D 项，配位原子是 NH₃ 中的 N（氮原子提供孤电子对），外界离子是 SO₄²⁻，故 D 错误。故选 C。
3选择题
下列关于生物大分子及其组成、性质的说法，正确的是（ ）
已知信息：糖类是多羟基醛或多羟基酮，以及它们的缩合物，按结构分为单糖、二糖和多糖；蛋白质由氨基酸通过肽键连接而成，可水解为氨基酸，遇高温、强酸、强碱或重金属盐会变性；核酸分为 DNA 和 RNA 两类，均由核苷酸组成，是遗传信息的携带者。
- A. 糖类均符合通式 Cₙ(H₂O)ₘ，故符合该通式的化合物一定属于糖类
- B. 蛋白质在高温、强酸或重金属盐作用下发生变性，变性过程中肽键断裂，属于化学变化
- C. 纤维素、淀粉、蛋白质、核酸均属于天然高分子化合物，都能在一定条件下水解
- D. DNA 和 RNA 均由核苷酸组成，二者所含五碳糖不同，DNA 中含脱氧核糖，RNA 中含核糖
答案：D
解析：A 项：糖类的定义是多羟基醛或多羟基酮及其缩合物，不能简单用通式 Cₙ(H₂O)ₘ 判断。如甲醛 CH₂O、乙酸 C₂H₄O₂ 虽符合通式却不属于糖类，而脱氧核糖 C₅H₁₀O₄ 不符合通式却属于糖类，故 A 错误（易错点：把糖类通式当作定义，混淆「符合通式」与「属于糖类」）。B 项：蛋白质变性是空间结构被破坏，属于化学变化，但变性过程中肽键并未断裂，变性后仍可与双缩脲试剂发生显色反应；只有水解才断肽键，故 B 错误（易错点：混淆「变性」与「水解」，误以为变性即肽键断裂）。C 项：纤维素、淀粉、蛋白质、核酸都是天然高分子，但题目说「都能水解」表述不严谨，且更关键的是本项将「天然高分子」与「水解产物」关系混杂，作为单选不如 D 严谨准确；实际上四者确可水解，但 C 项把「天然高分子化合物」与「水解」并列作为判断依据，易误导，且纤维素、淀粉水解最终产物为葡萄糖、蛋白质水解为氨基酸、核酸水解为核苷酸，产物类别不同，故不选 C。D 项：核酸分为 DNA（脱氧核糖核酸）和 RNA（核糖核酸），二者均由核苷酸组成，区别之一是所含五碳糖不同，DNA 含脱氧核糖，RNA 含核糖，表述完全正确。故选 D。
4选择题
葡萄糖是重要的单糖，其结构简式为 HOCH₂(CHOH)₄CHO；果糖与葡萄糖分子式相同，均为 C₆H₁₂O₆。下列关于葡萄糖、果糖及其相关反应的说法，正确的是（ ）
已知信息：糖类是多羟基醛或多羟基酮及其缩合物；单糖不能水解，二糖、多糖可水解；葡萄糖分子中含醛基和多个羟基。
- A. 葡萄糖与果糖分子式相同、结构不同，互为同分异构体；二者均属于单糖，均不能发生水解反应
- B. 葡萄糖能发生银镜反应，说明葡萄糖属于醛类化合物，其分子中不含羟基
- C. 淀粉和纤维素的分子式均可写成 (C₆H₁₀O₅)ₙ，二者 n 值相同，互为同分异构体
- D. 蛋白质溶液中加入饱和 (NH₄)₂SO₄ 溶液产生沉淀，该过程与高温使蛋白质变性的本质相同
答案：A
解析：A 项：葡萄糖与果糖分子式均为 C₆H₁₂O₆ 但结构不同，互为同分异构体；单糖是不能再水解的糖，二者均为单糖，不能水解，表述正确。B 项：葡萄糖能发生银镜反应，说明其含醛基，但葡萄糖分子中同时含多个羟基（HOCH₂(CHOH)₄CHO），故「不含羟基」错误（易错点：只关注醛基而忽略羟基）。C 项：淀粉和纤维素通式都写成 (C₆H₁₀O₅)ₙ，但二者 n 值不同（聚合度不同），分子式并不相同，不能互称同分异构体，故 C 错误（易错点：混淆「通式相同」与「分子式相同」）。D 项：加入饱和 (NH₄)₂SO₄ 溶液产生沉淀是「盐析」，属于物理变化，蛋白质结构未破坏，加水后沉淀可溶解；而高温变性是化学变化，蛋白质空间结构被破坏且不可逆，二者本质不同，故 D 错误（易错点：混淆「盐析」与「变性」）。故选 A。
5填空题
已知信息：下表列出三种生物大分子的结构与性质相关数据。
编号 名称 基本结构单元 单元间连接方式 完全水解主要产物 主要生理功能
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甲 淀粉 葡萄糖 脱水缩合形成糖苷键 葡萄糖 供能
乙 蛋白质 α-氨基酸 肽键（—CO—NH—） α-氨基酸 构成机体
丙 核酸 核苷酸 磷酸二酯键 磷酸、戊糖、含氮碱基 传递遗传信息
请依据上表信息填空：
（1）甲、乙、丙三者中，属于多糖的是________，属于天然高分子化合物的是________（填编号）。
（2）葡萄糖的分子式为 C₆H₁₂O₆，其结构特点可概括为________（填「多羟基醛」「多羟基酮」或「多羟基醇」）；淀粉的分子式可写为________。
（3）乙的基本结构单元之间通过________键连接；1 mol 该键水解时消耗水的物质的量为________ mol。
（4）核酸分为________和________两类，二者所含戊糖分别为________和________。
（5）由表可知，甲、乙、丙在生命活动中的作用依次是________、________、________。
答案：（1）甲；甲、乙、丙
（2）多羟基醛；(C₆H₁₀O₅)ₙ
（3）肽（—CO—NH—）；1
（4）DNA（脱氧核糖核酸）；RNA（核糖核酸）；脱氧核糖；核糖
（5）供能；构成机体；传递遗传信息
解析：本题以表格形式给出三种生物大分子的结构单元、连接方式、水解产物与生理功能，考查从材料中提取信息并结合教材概念作答的能力。第（1）问易错点是漏答「天然高分子化合物」范围——淀粉、蛋白质、核酸均为天然高分子，学生常只填多糖。第（2）问考查糖类定义：葡萄糖是多羟基醛，淀粉是其缩合物，通式 (C₆H₁₀O₮)ₙ 中须体现脱水缩合失去 n 个 H₂O，易错写成 (C₆H₁₂O₆)ₙ。第（3）问考查肽键结构式及水解计量关系：1 mol 肽键水解消耗 1 mol H₂O，易错答成 2 mol 或认为水解不消耗水。第（4）问考查核酸分类与戊糖名称，易混淆脱氧核糖与核糖。第（5）问为功能归纳，注意与表中「主要生理功能」列一致，不要写反顺序。
6填空题
已知信息：某研究性学习小组对几类生物大分子相关物质进行结构与性质分析，得到如下资料：
物质 类别 结构或组成要点 主要生理/化学作用
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葡萄糖 单糖 多羟基醛，分子式 C₆H₁₂O₆ 氧化分解释放能量
蔗糖 二糖 一分子葡萄糖与一分子果糖缩合，脱去一分子 H₂O 水解后提供能量
淀粉 多糖 由多个葡萄糖单元缩合而成 机体储能物质
蛋白质 生物大分子 由氨基酸通过肽键（—CO—NH—）连接而成 构成机体、催化等
DNA、RNA 核酸 由核苷酸组成，是遗传信息的携带者 传递遗传信息
请根据上述资料回答下列问题：
（1）糖类从结构上看，是多羟基醛或多羟基酮，以及它们的________；按结构可将糖类分为单糖、二糖和多糖，其中属于单糖的是________。
（2）1 mol 蔗糖完全水解，需消耗 H₂O 的物质的量为________mol，得到的产物中属于单糖的有葡萄糖和________。
（3）氨基酸分子中同时含有氨基（—NH₂）和羧基（—COOH），两个氨基酸分子脱去一分子 H₂O 形成肽键，肽键的结构简式为________。
（4）蛋白质遇到高温、强酸、强碱或重金属盐时会发生________，该过程________（填“是”或“不是”）蛋白质的水解。
（5）核酸分为________和 RNA 两类，二者在生命活动中的共同作用是作为________的携带者。总结三类物质的功能：糖类主要________，蛋白质主要构成机体，核酸主要传递遗传信息。
答案：（1）缩合物；葡萄糖。
（2）1；果糖。
（3）—CO—NH—。
（4）变性；不是。
（5）DNA；遗传信息；供能（为生命活动提供能量）。
完整表述：
（1）糖类是多羟基醛或多羟基酮以及它们的缩合物；葡萄糖属于单糖。
（2）蔗糖水解：C₁₂H₂₂O₁₁ + H₂O → C₆H₁₂O₆（葡萄糖）+ C₆H₁₂O₆（果糖），故 1 mol 蔗糖水解消耗 1 mol H₂O，产物为葡萄糖和果糖，二者均为单糖。
（3）肽键结构简式为 —CO—NH—。
（4）蛋白质遇高温、强酸强碱、重金属盐发生变性，变性是空间结构被破坏而失去生理活性，肽键并未断裂，故不属于水解。
（5）核酸分为 DNA 和 RNA 两类，均是遗传信息的携带者；糖类主要供能。
解析：本题以表格资料为载体，考查糖类的分类与定义、二糖水解、肽键、蛋白质变性、核酸分类等核心知识。
（1）易错点：糖类的定义必须答“多羟基醛或多羟基酮以及它们的缩合物”，只写“多羟基醛或多羟基酮”不完整；分类时易把果糖误判为二糖（果糖与葡萄糖同为单糖）。
（2）易错点：二糖水解消耗 H₂O 与二糖分子数之比为 1∶1，学生易误答 2 mol；蔗糖水解产物须同时答葡萄糖与果糖。
（3）易错点：肽键易写成 —NH—CO— 以外的错误形式或漏写双键氧。
（4）易错点：把“变性”与“水解”混为一谈。变性是蛋白质空间结构被破坏（高温、强酸强碱、重金属盐等条件），肽键未断，不能得到氨基酸；水解才断肽键。
（5）易错点：核酸分类只答一种，或把 DNA/RNA 的功能答成“供能”“构成机体”——三类物质功能不可混淆：糖类供能、蛋白质构成机体、核酸传递遗传信息。
7解答题
已知信息：某天然高分子化合物完全水解只得到一种产物——葡萄糖（C₆H₁₂O₆）；葡萄糖分子中既含醛基（—CHO），又含多个羟基（—OH），属于多羟基醛，是重要的单糖。另一含氮天然高分子 X 完全水解只得到 α-氨基酸，且 X 遇浓硝酸微热显黄色，受热或遇强酸、强碱、重金属盐时会失去生理活性。第三类天然高分子 Y 由核苷酸组成，其彻底水解产物中含有磷酸、戊糖和含氮碱基，Y 是生物遗传信息的携带者。
回答下列问题：
（1）仅由葡萄糖缩合而成、完全水解仍只得葡萄糖的天然高分子属于糖类中的哪一类？写出其通式，并说明它与葡萄糖在结构上的关系。
（2）X 属于哪一类化合物？其链节之间以何种化学键相连？写出该键的结构式。X 遇浓硝酸显黄色，说明其分子中含有哪种结构片段？
（3）X 在受热、强酸、强碱、重金属盐作用下失去生理活性的过程称为什么？该过程是否破坏了 X 中的肽键？请简述判断理由。
（4）Y 分为 DNA 和 RNA 两类。请分别写出 DNA 与 RNA 中所含戊糖的名称，并指出两者在化学组成上最主要的一处差异。
（5）糖类、蛋白质、核酸三类物质在生命活动中的主要作用可分别概括为什么？
答案：（1）属于多糖；通式为 (C₆H₁₀O₅)ₙ；它是葡萄糖分子之间脱去水分子缩合而成的高分子，水解最终仍生成葡萄糖，故与葡萄糖是单体与缩合物（多聚体）的关系。
（2）X 属于蛋白质；链节（氨基酸残基）之间以肽键相连，结构式为 —CO—NH—；显黄色说明分子中含有苯环（或含苯环的氨基酸残基，如酪氨酸、色氨酸残基）。
（3）该过程称为蛋白质的变性；变性不破坏肽键。理由：变性是蛋白质在受热、强酸、强碱、重金属盐等作用下，其空间结构被破坏而失去生理活性的过程，一般不引起肽键断裂；肽键断裂需在酶或强酸强碱长时间水解条件下发生，属于水解（一级结构被破坏）。
（4）DNA 中戊糖为脱氧核糖，RNA 中戊糖为核糖；最主要差异是 DNA 含脱氧核糖和碱基 A、T、G、C，RNA 含核糖和碱基 A、U、G、C（即戊糖不同，且 DNA 特有胸腺嘧啶 T、RNA 特有尿嘧啶 U）。
（5）糖类是生命活动的主要供能物质；蛋白质是构成机体的重要物质（构成细胞和组织的基本物质）；核酸是遗传信息的携带者，在生命活动中起关键作用。
解析：本题以糖类、蛋白质、核酸三类生物大分子的结构与性质为素材，考查信息提取与规范表述。第（1）问关键抓住「缩合物」这一糖类定义要点：多糖由单糖脱水缩合而成，通式 (C₆H₁₀O₅)ₙ，易错点是把多糖写成 (C₆H₁₂O₆)ₙ，或误认为多糖与葡萄糖是同分异构体。第（2）问考查肽键 —CO—NH— 的书写，易漏写两端连接键；显黄色对应含苯环结构，易错答成「含氮元素」。第（3）问是重点易错：变性只破坏空间结构、不破坏肽键，学生常误答「变性即水解」，需区分变性（生理活性丧失）与水解（肽键断裂）。第（4）问考查 DNA 与 RNA 的组成差异，易错点是把两者戊糖混同或漏答碱基差异。第（5）问为功能归纳，注意表述准确：糖类供能、蛋白质构成机体、核酸传递遗传信息。
8解答题
某研究性学习小组对核酸、蛋白质、糖类三类生物大分子的组成与性质进行梳理，得到如下资料：
资料一：核酸是遗传信息的携带者，分为 DNA 与 RNA 两类，均由核苷酸组成。DNA 中含脱氧核糖与碱基 A、T、G、C；RNA 中含核糖与碱基 A、U、G、C。
资料二：某多肽片段的结构简式为 H₂N—CH(CH₃)—CO—NH—CH(CH₂OH)—CO—NH—CH₂—COOH。
资料三：葡萄糖（C₆H₁₂O₆）与蔗糖（C₁₂H₂₂O₁₁）的元素组成数据如下：
物质 分子式 相对分子质量 是否为还原性糖
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葡萄糖 C₆H₁₂O₆ 180 是
蔗糖 C₁₂H₂₂O₁₁ 342 否
请回答下列问题：
（1）比较 DNA 与 RNA 在组成上的两处不同（糖的种类、碱基种类各写一点）。
（2）资料二的多肽片段由几种氨基酸缩合而成？该片段中含有的肽键数目是多少？写出其中一种氨基酸的结构简式。
（3）由资料三推断：1 mol 葡萄糖与 1 mol 蔗糖水解，所得单糖的物质的量之比为多少？并从结构角度说明蔗糖不显还原性的原因。
（4）总结糖类、蛋白质、核酸在生命活动中的主要作用。
答案：（1）DNA 含脱氧核糖，RNA 含核糖；DNA 特有碱基为胸腺嘧啶（T），RNA 特有碱基为尿嘧啶（U）。（糖类、碱基各答出一点即可）
（2）该片段由 3 种氨基酸（丙氨酸、丝氨酸、甘氨酸）缩合而成；含肽键 2 个（—CO—NH—）；例如丙氨酸：H₂N—CH(CH₃)—COOH（或丝氨酸 H₂N—CH(CH₂OH)—COOH、甘氨酸 H₂N—CH₂—COOH）。
（3）1 mol 葡萄糖本身就是单糖，水解后仍为 1 mol 葡萄糖；1 mol 蔗糖水解生成 1 mol 葡萄糖和 1 mol 果糖，共 2 mol 单糖，故物质的量之比为 1∶2。蔗糖分子中不含游离的醛基（或不含能开环产生醛基的半缩醛羟基），不能被银氨溶液、新制 Cu(OH)₂ 氧化，故不显还原性。
（4）糖类是生命活动的主要供能物质；蛋白质是构成机体的重要物质（承担催化、运输、免疫等功能）；核酸是遗传信息的携带者，控制蛋白质的合成。
解析：本题以表格与文字资料为载体，考查核酸、蛋白质、糖类三类生物大分子的组成与性质。易错点：① 忽略 DNA 与 RNA 在糖和碱基上的双重区别，只答其一；② 数肽键时误把末端氨基、羧基算进去，或误认为 3 个氨基酸就一定有 3 种（本片段三种 R 基分别为 —CH₃、—CH₂OH、—H，故恰为 3 种）；③ 误认为 1 mol 葡萄糖水解产生多 mol 产物，或漏算蔗糖水解的果糖；④ 把「糖类都是多羟基醛」当作判据，误判蔗糖还原性——判断还原性应看是否存在游离醛基（或半缩醛羟基）。结论：答案见上。